Bir html formundan bir değişkene ajax

Question

üzerinden bir php işlevine göndermek için doğru yöntem Çoklu yükleme için bir oylama sistemi kodluyorum; yüklenen her resim, her birine ekli bir form içeren bir foreach ifadesinde, her biri mysql veritabanımdaki bir INT ile ilişkilendirilen, oylanacak, indirilecek veya yok olan üç düğmeyle.

Form verisini doğrudan 'UPDATE'in veritabanı' olan PHP işlevine göndererek çalıştım. Bir sayfanın yenilenmesini önlemek için ajax'ı ekliyorum. PHP fonksiyonu için gerekli olan iki değişkene doğru "image" satırını ve db'de INT'yi güncellemeye ajax aldım.

Soru: ajax işlevi çalışıyor, ancak PHP işlevi güncellenmiyor gibi görünüyor.

SÜSPANSLI SORUN: Eminim ki, ajax'daki değişkenleri tanımlamak istediğim yoldur, ele aldığım "görüntü" nin kimliğini yakalamaya çalışıyordum ama bilmiyorum UPDATE'nin doğru şekilde çalışması için bu verileri PHP fonksiyonuna nasıl çeviririz. sadece bütün form verilerini seri, İşte basit bir cevap

// IMAGE, and rest of foreach above this, and ending after form 
// This form only shows one button, there are three, each 
// I'll treat the same once I get one to work 
<form action="feed.php" method="post" id="vote_form_1"> 

// If js isn't turned on in broswer, I keep this 
// hidden input, to send unique ID 
<input type="hidden" name ="input_id" 
class="input_id" value="<?php echo $row['id']; ?>"/> 

<input type="submit" name="post_answer1" onclick="sayHi(event);" 
class="answer_L" id="<?php echo $row['id']; ?>" 
value="<?php echo $row['post_answerL']; ?>"/> 

</form> 
// end of foreach 

//AJAX 
<script type="text/javascript"> 
function sayHi(e) { 
var input_id = $(e.currentTarget).attr('id'); 
var post_answer1 = $("input[name='post_answer1']"); 
jQuery.ajax({ 
     type: 'POST', 
     url: 'feed.php', //name of this file 
     data:input_id,post_answer1, 
     cache: false, 
     success: function(result) 
       { 
       alert ('It worked congrats'); 
       } 
    }); 
e.preventDefault(); 
</script> 

// PHP VOTE UPDATE FUNCTION 
<?php> 
if(isset($_POST['post_answer1'],$_POST['input_id'])){ 
       $current_id = $_POST['input_id']; 
       $vote_1 = "UPDATE decision_post set " . 
        "post_answer1=post_answer1+1 WHERE id = '".$current_id."' "; 
       $run_vote1 = mysqli_query($conn2, $vote_1); 
       if($run_vote1){ echo 'Success'; } 
} 
?> 

Answer 1

var post_answer1 = $("input[name='post_answer1']").val(); 

Answer 2

:

İşte formu, javascript ve php var!

$('form').submit(function(){ 
    $.post('feed.php', $(this).serialize(), function(data){ 
     console.log(data); 
    }, 'json'); 

    return false; 
});